K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

8 tháng 5 2021

\(n_{CaCO_3} = \dfrac{30}{100} = 0,3(mol < n_{Ca(OH_2}\) nên xét 2 TH

- TH1 : Ca(OH) dư

Ca(OH)2 + CO2 → CaCO3 + H2O

....................0,3.........0,3.................(mol)

=> V = 0,3.22,4 = 6,72 lít

- TH2  : CaCO3 bị hòa tan 1 phần

Ca(OH)2 + CO2 → CaCO3 + H2O

0,5..............0,5...........0,5..................(mol)

CaCO3   +    CO2    +    H2O → Ca(HCO3)2

(0,5-0,3)......(0,5-0,3).............................................(mol)

=> V = (0,5 + 0,5 - 0,3).22,4 = 15,68 lít

21 tháng 10 2017

Đáp án B

Nhận xét :  n CO 2   phản   ứng ⏟ 0 , 2 > n BaCO 3   tạo   thành ⏟ 0 , 1  nên có hai khả năng xảy ra.

Trường hợp 1 : Kết tủa không bị hòa tan

Suy ra :

 

Quan sát đồ thị ta thấy : Nếu  n CO 2 ≤ n ( Ba ( OH ) 2 , NaỌH ) thì không có hiện tượng hòa tan kết tủa. Trên thực tế thì  n CO 2 ⏟ 0 , 2 > n ( Ba ( OH ) 2 , NaỌH ) ⏟ 0 , 1 nên đã có hiện tượng hòa tan kết tủa. Vậy trường hợp này không thỏa mãn

Trường hợp 2 : Kết tủa bị hòa tan một phần

Ta có đồ thị :

Suy ra : 10x - 0,2 = 0,1 => x = 0,03

28 tháng 6 2021

a, Ta có : \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CaCO3}=\dfrac{m}{M}=0,2\left(mol\right)\\n_{Ca\left(OH\right)2}=C_M.V=0,4\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(BTNT\left(Ca\right):n_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=n_{Ca\left(OH\right)2}-n_{CaCO3}=0,2\left(mol\right)\)

\(BTNT\left(C\right):n_{CO2}=n_{CaCO3}+2n_{Ca\left(HCO3\right)2}=0,6\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{CO2}=13,44l\)

b, Ta có : \(\left\{{}\begin{matrix}n_{BaCO3}=\dfrac{m}{M}=0,025\left(mol\right)\\n_{Ba\left(OH\right)2}=C_M.V=0,2\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(BTNT\left(Ba\right):n_{Ba\left(HCO_3\right)_2}=n_{Ba\left(OH\right)2}-n_{BaCO3}=0,175\left(mol\right)\)

\(BTNT\left(C\right):n_{CO2}=n_{BaCO3}+2n_{Ba\left(HCO3\right)2}=0,375\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{CO2}=8,4l\)

c, Ta có : \(1< T=\dfrac{n_{NaOH}}{n_{SO2}}=1,875< 2\)

- Áp dụng phương pháp đường chéo :

Ta được : \(\dfrac{n_{NaHSO3}}{n_{Na2SO3}}=\dfrac{1}{7}\)

\(\Leftrightarrow7n_{NaHSO3}-n_{Na2SO3}=0\)

\(BTNT\left(Na\right):n_{NaHSO3}+2n_{Na2SO3}=0,375\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{NaHSO3}=0,025\\n_{Na2SO3}=0,175\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow m_M=24,65g\)

20 tháng 1 2019

Đáp án A

Theo giả thiết, ta có :

Gọi a là số mol  BaCO 3  tạo thành trong phản ứng.

Căn cứ vào bản chất phản ứng và giả thiết, ta có đồ thị sau:

Suy ra : a=0,03 - 0,02 = 0,01 =>  m BaCO 3 = 19 , 7   gam

30 tháng 9 2019

Chọn đáp án A

NaOH + X → kết tủa ban đầu tạo 2 muối || Đọc kĩ giả thiết:

Cho TỪ TỪ NaOH vào X ĐẾN KHI thu được ↓ max chỉ xảy ra phản ứng:

Ca(HCO3)2 + NaOH → CaCO3 + NaHCO3 + H2O

nCa(HCO3)2 = nNaOH = 0,12 mol nHCO3 = 0,24 mol.

Ta có: nOH = 2nCO2 - nHCO3 = 0,36 mol a = 0,36 ÷ 2 ÷ 0,4 = 0,45M.

24 tháng 4 2018

Đáp án A

NaOH + X → kết tủa ban đầu tạo 2 muối || Đọc kĩ giả thiết:

Cho TỪ TỪ NaOH vào X ĐẾN KHI thu được ↓ max

chỉ xảy ra phản ứng:Ca(HCO3)2 + NaOH → CaCO3 + NaHCO3 + H2O

nCa(HCO3)2 = nNaOH = 0,12 mol nHCO3 = 0,24 mol.

Ta có: nOH = 2nCO2 - nHCO3 = 0,36 mol a = 0,36 ÷ 2 ÷ 0,4 = 0,45M.

 

27 tháng 8 2019

Chọn đáp án C

Nếu Al(OH)3 đã bị hòa tan  ⇒  nOH- từ m1 gam rắn 

Mà 

 

 Al(OH)3 không bị hòa tan và Y còn Al3+ dư  ⇒  Y là dung dịch Al2(SO4)3

 

Từ tỉ lệ phản ứng: 3Ba(OH)2 + Al2(SO4)3  nBaSO4 : nAl(OH)3 = 3 : 2  ⇒  Đặt là 3a và 2a

 

16 tháng 10 2017

Đáp án A

nOH- = 0,1.2 + 0,225 + 0,2 = 0,625 mol

Do nH+>nCO2 nên X có cả CO32- => X không có Ba2+ => nBaCO3 = 0,1 mol

Đặt x, y là số mol CO32- và số mol HCO3- phản ứng với H+

x+y = nCO2 = 0,25

2x+y = nH+ = 0,35

=> x = 0,1; y = 0,15

Dung dịch X chứa: K+ (0,225 mol), Na+ (0,2 mol), CO32- (0,1k mol), HCO3- (0,15k mol)

BTĐT: 0,225 + 0,2 = 2.0,1k + 0,15k => k = 1,3

BTNT C: nCO2 ban đầu = nBaCO3 + nCO32- + nHCO3- = 0,1 + 0,13 + 0,195 = 0,425 mol

=> V = 9,52 lít

18 tháng 8 2018

Đáp án A

nOH- = 0,1.2 + 0,225 + 0,2 = 0,625 mol

Do nH+>nCO2 nên X có cả CO32- => X không có Ba2+ => nBaCO3 = 0,1 mol

Đặt x, y là số mol CO32- và số mol HCO3- phản ứng với H+

x+y = nCO2 = 0,25

2x+y = nH+ = 0,35

=> x = 0,1; y = 0,15

Dung dịch X chứa: K+ (0,225 mol), Na+ (0,2 mol), CO32- (0,1k mol), HCO3- (0,15k mol)

BTĐT: 0,225 + 0,2 = 2.0,1k + 0,15k => k = 1,3

BTNT C: nCO2 ban đầu = nBaCO3 + nCO32- + nHCO3- = 0,1 + 0,13 + 0,195 = 0,425 mol

=> V = 9,52 lít