Đốt cháy hoàn toàn 0,06 mol một amin X mạch hở bằng Oxi vừa đủ. Dẫn toàn bộ sản phẩm cháy qua bình đựng H2SO4 đặc dư thì còn lại 0,21 mol hỗn hợp khí và khối lượng bình tăng 2,7 gam. Lượng CO2, N2 bị...

#Hóa học lớp 11

1

NQ

Ngô Quang Sinh

27 tháng 11 2019

Chọn đáp án B

Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol hỗn hợp X gồm amin Y và andehit Z đều no, mạch hở (MZ > 30) bằng lượng Oxi vừa đủ thì thu được 14,56 lít hỗn hợp khí và hơi T. Dẫn toàn bộ T qua bình đựng H2SO4 đặc dư thì khối lượng bình tăng 6,21 gam. Lượng CO2, N2 bị hấp thụ không đáng kể, nếu cho 0,1 mol X phản ứng với dung dịch AgNO3/NH3 dư thì thu được số gam kết tủa là A. 12,96. B. 4,32. C. 6,48 D....

NH

Nguyễn Hoàng Nam

3 tháng 2 2017

#Hóa học lớp 11

1

NQ

Ngô Quang Sinh

3 tháng 2 2017

Chọn đáp án A

Hỗn hợp khí X gồm hai amin no, đơn chức Y, Z và hiđrocacbon T đều mạch hở. Đốt cháy hoàn toàn 0,06 mol X bằng lượng oxi vừa đủ thu được 0,2 mol hỗn hợp M chứa các khí và hơi, dẫn M qua bình đựng dung dịch H2SO4 đăc, dư thì còn lại 0,07 mol hai khí CO2, N2. Bỏ qua độ tan của CO2, N2 trong nước, hiđrocacbon T là: A. một ankan. B. một ankin. C. một anken. D. vinyl...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

15 tháng 6 2017

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

15 tháng 6 2017

Đốt cháy hoàn toàn 0,16 mol các chất gồm glyxin, lysin và hai amin (no, đơn chức, mạch hở, là đồng đẳng kế tiếp) cần vừa đủ 1,01 mol khí O2.Dẫn toàn bộ sản phẩm cháy gồm CO2, H2O và N2 qua bình đựng dung dịch H2SO4 (đặc, dư); kết thúc thí nghiệm, thấy khối lượng bình tăng 15,48 gam, đồng thời có 0,8 mol hỗn hợp khí thoát ra. Số nguyên tử cacbon trong mỗi phân tử amin lần lượt là A. 1 và 2...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

3 tháng 11 2018

1

NQ

Ngô Quang Sinh

3 tháng 11 2018

Đáp án B

Bảo toàn nguyên tố O:

Hỗn X chứa một amin no, đơn chức, mạch hở và hai aminoaxit thuộc dãy đồng đẳng của glyxin. Đốt cháy hoàn toàn 6,38 gam hỗn hợp X cần dùng vừa đủ 0,345 mol O2. Toàn bộ sản phẩm cháy cho qua bình đựng H2SO4 (đặc, dư) thấy khối lượng bình tăng 6,66 gam, đồng thời có 0,27 mol hỗn hợp khí thoát ra. Phần trăm khối lượng của amin có trong X gần nhất với? A. 50,2% B. 48,6% C. 42,2% D....

NH

Nguyễn Hoàng Nam

16 tháng 4 2017

1

NQ

Ngô Quang Sinh

16 tháng 4 2017

Đáp án B

m_{bình tăng} = m_H2O = 6,66(g) ⇒ n_H2O = 0,37 mol ||● Đặt n_CO2 = x; n_N2 = y.

⇒ n_{hh khí} = x + y = 0,27 mol || Bảo toàn khối lượng: 6,38 + 0,345 × 32 = 6,66 + 44x + 28y.

||⇒ giải hệ có: x = 0,2 mol; y = 0,07 mol ⇒ n_X = 0,14 mol ⇒ C_{tb X} = 1,43 ⇒ amin là CH₃NH₂.

► Đặt n_amin = a; n_a.a = b ⇒ n_X = a + b = 0,14 mol; n_H2O – n_CO2 = 0,17 mol = 1,5a + 0,5b.

||⇒ giải hệ có: a = 0,1 mol; b = 0,04 mol ⇒ %m_CH3NH₂ = 48,59%

Đốt cháy hoàn toàn 0,5 mol hỗn hợp E gồm metyl axetat, lysin và hai amin đơn chức, mạch hở (đều có 5 nguyên tử cacbon trong phân tử) cần 79,52 lít O2 (đktc), thu được CO2, H2O và N2. Dẫn toàn bộ sản phẩm cháy qua bình đựng H2SO4 đặc, thấy khối lượng bình tăng 48,6 gam. Mặt khác, 0,5 mol hỗn hợp E tác dụng vừa đủ với 48 gam nước brom. Phần trăm về khối lượng của metyl axetat trong hỗn hợp E là...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

30 tháng 3 2017

1

NQ

Ngô Quang Sinh

30 tháng 3 2017

Đáp án B

Làm no E bằng cách thêm 0,3 mol H₂ ⇒ H₂O sinh ra là 2,7 + 0,3 = 3 mol.

||⇒ E gồm C₃H₆O₂, Lys và C₅H₁₃N với số mol x, y và z ⇒ x + y + z = 0,5.

n_O2 = 3,5x + 8,5y + 8,25z = 3,55 + 0,3 ÷ 2 mol || n_H2O = 3x + 7y + 6,5z = 3 mol.

x = 0,1 mol; y = z = 0,2 mol ||⇒ %m_C3H₆O₂ = 0 , 1 x 74 0 , 1 x 74 + 0 , 2 x 146 + 0 , 2 x 87 - 0 , 3 x 2 = 13,86%

Hỗn hợp X chứa hai amin no, hở, đơn chức, liên tiếp. Hỗn hợp Y chứa valin và lysin. Đốt cháy hoàn toàn 0,6 mol hỗn hợp Z chứa X, Y cần dùng 2,89 mol O2, sản phẩm cháy gồm CO2, H2O và N2 được dẫn qua bình đựng dd H2SO4 đặc dư, thấy khối lượng bình tăng 46,44 gam; khí thoát ra khỏi bình có thể tích là 48,832 lít (đktc). Phần trăm khối lượng của amin có khối lượng phân tử nhỏ là A. 40,00%. B....

NH

Nguyễn Hoàng Nam

15 tháng 8 2019

1

NQ

Ngô Quang Sinh

15 tháng 8 2019

Đáp án D

Đặt số mol hỗn hợp amin, valin và lýin lần lượt là a, b và c ta có sơ đồ:

+ Phương trình theo số mol H₂O là:

an + 1,5a + 5,5b + 7c = 2,58 mol (1)

+ Phương trình theo ∑n_CO2 + N₂) là:

an + 0,5a + 5,5b + 7c = 2,18 mol (2)

Lấy (1) – (2) ⇒ n_{Hỗn hợp amin} = a = 0,4 mol.

⇒ b + c = 0,6 – 0,4 = 0,2 mol. (3)

+ Bảo toàn oxi ta có: 2b + 2c + 2,89×2 = 2,58 + 2d (4)

Thế (3) vào (4) ⇒ n_CO2 = d = 1,8 mol

⇒ n_N2 = e = 2,18 – 1,8 = 0,38 mol.

● Tính số mol valin và lysin:

Ta có hệ:

Phương trình theo n_CO2 là: 0,4×n + 0,04×5 + 0,16×6 = 1,8 ⇔ n = 1,6

⇒ 2 amin là CHNH₂ và C₂H₅NH₂. Đặt số mol chúng lần lượt là a, b.

Ta có hệ:

+ Bảo toàn khối lượng ta có m_X = 46,44 + 1,8×44 + 0,38×28 – 2,89×32 = 43,8 gam.

⇒ %m_CH3NH2 = 0 , 16 . 31 43 , 8 × 100 ≈ 11.324%

Peptit X được tạo thành từ các α-aminoaxit no, mạch hở, chỉ chứa một nhóm - N H 2 và một nhóm -COOH. Đốt cháy hoàn toàn 4,59 gam X bằng lượng oxi vừa đủ thu được 11,07 gam hỗn hợp sản phẩm gồm C O 2 , H 2 O v à N 2 . Dẫn toàn bộ hỗn hợp sản phẩm này qua bình chứa axit sunfuric đặc dư thì thấy giảm 2,61 gam. Nếu đem...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

19 tháng 11 2017

1

NQ

Ngô Quang Sinh

19 tháng 11 2017

Chọn đáp án C

Trước hết, bảo toàn khối lượng có ngay m O 2 → n O 2 = 0,2025 mol.

► Quy về đipeptit để giải quyết bài toán: 2 X m + (m – 2). H 2 O → m X 2

Với việc đốt đipeptit dạng như trên là lợi thế số mol C O 2 bằng H 2 O .

♦ Bảo toàn O có: n đ i p e p t i t = [(0,145 + x) × 3 – 0,2025 × 2] ÷ 3 = x + 0,01 mol.

||→ m đ i p e p t i t = 4,59 + 18x = 14 × (0,145 + x) + (x + 0,01) × 76 → x = 0,025 mol.

suy ngược → n đ i p e p t i t = 0,035 mol. có tỉ lệ: m ÷ (m – 2) = 0,035 ÷ 0,025 = 7 : 5 → m = 7.

Vậy, X là heptapeptit, có nghĩa là thủy phân 1 mol X sẽ cần 7 mol KOH

Hỗn hợp M có peptit A mạch hở có công thức CxHyN5O6 và hợp chất B có công thức C4H9NO2. Lấy 0,06 mol M tác dụng với vừa đủ dung dịch chứa 0,14 mol KOH chỉ thu được sản phẩm gồm ancol etylic ; a mol muối của glyxin và b mol muối của alanin. Mặt khác đốt cháy hoàn toàn 26,85g hỗn hợp M bằng lượng oxi vừa đủ rồi cho toàn bộ sản phẩm cháy (CO2;H2O;N2) vào bình đựng dung dịch nước vôi trong dư thì...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

2 tháng 3 2019

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

2 tháng 3 2019

Đáp án : B

PTHH :

A + 5KOH -> Muối + H₂O

B + KOH -> Muối + C₂H₅OH

=> n_A + n_B = 0,06 và 5n_A + n_B = 0,14

=> n_A = 0,02 ; n_B = 0,04 => n_A : n_B = 1 : 2

A có dạng : H-(Ala)_n(Gly)_5-n-OH

,m_M = 0,02.(1 + 71n + 57(5 – n) + 17) + 0,04.103 = 10,18 + 0,28n (g)

,m_CO2 + m_H2O

= 0,02.(3n + 2(5 – n) ).44 + 0,04.4.44 + (1 + 5n + 3(5 – n) + 1).0,02.18.0,5 + 0,04.4,5.18

= 1,24 + 22,14

10 , 18 + 0 , 28 n 26 , 85 = 1 , 24 n + 22 , 14 61 , 55 ⇒ n = 2

⇒ a b = n G l y n A l a = 5 - 2 2 = 3 2

Hỗn hợp khí E ở điều kiện thường gồm hai amin và một hiđrocacbon. Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol E cần vừa đủ 0,54 mol O 2 , toàn bộ sản phẩm cháy thu được gồm C O 2 , H 2 O và N 2 được dẫn qua bình đựng dung dịch NaOH dư, thấy khối lượng bình tăng thêm 21,88 gam, đồng thời có 1,232 lít khí (đktc) bay ra. Công thức của...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

5 tháng 2 2018

1

NQ

Ngô Quang Sinh

5 tháng 2 2018