Cho 51,48 gam hỗn hợp A gồm X, Y, Z (MX < MY < MZ) là ba peptit mạch hở được tạo thành bởi glyxin và valin. Đốt cháy hoàn toàn mỗi chất X hoặc Y hoặc Z trong hỗn hợp A đều thu được số mol CO2 và H2O h...

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

18 tháng 1 2017

Chọn đáp án C

Cách 1:

Ta thấy gly và ala là 2 aa no, hở, 1 NH₂,1 COOH :

Gọi hỗn hợp là 1 peptit duy nhất có số mắt xích là

Gọi hỗn hợp ban đầu có x(mol)

Theo dữ liệu bài toán ta có hệ sau:

Cách 2: Coi hỗn hợp là hỗ hợp gồm

Giả thiết =>

=> Số mắt xích trung bình của hỗn hợp

=> Phải có X là tripeptit

Cho 51,48 gam hỗn hợp A gồm X, Y, Z (MX < MY < MZ) là ba peptit mạch hở được tạo thành bởi glyxin và valin. Đốt cháy hoàn toàn mỗi chất X hoặc Y hoặc Z trong hỗn hợp A đều thu được số mol CO2 và H2O hơn kém nhau 0,04 mol. Mặt khác, đun nóng hoàn toàn hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ thu được dung dịch B chứa 69,76 gam hỗn hợp muối. Phần trăm khối lượng của X trong hỗn hợp A có giá trị gần...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

9 tháng 1 2019

1

NQ

Ngô Quang Sinh

9 tháng 1 2019

Đáp án C

Cho 51,48 gam hỗn hợp A gồ m X, Y, Z (MX < MY < MZ) là ba peptit mạch hở được tạo thành bởi glyxin và valin. Đốt cháy hoàn toàn mỗi chất X hoặc Y hoặc Z trong hỗn hợp A đều thu được số mol CO2 và H2O hơn kém nhau 0,04 mol. Mặt khác, đun nóng hoàn toàn hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ thu được dung dịch B chứa 69,76 gam hỗn hợp muối. Phần trăm khối lượng của X trong hỗn hợp A có giá trị...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

7 tháng 11 2018

#Mẫu giáo

1

NQ

Ngô Quang Sinh

7 tháng 11 2018

Đáp án C

Cho 51,48 gam hỗn hợp A gồ m X, Y, Z (MX < MY < MZ) là ba peptit mạch hở được tạo thành bởi glyxin và valin. Đốt cháy hoàn toàn mỗi chất X hoặc Y hoặc Z trong hỗn hợp A đều thu được số mol CO2 và H2O hơn kém nhau 0,04 mol. Mặt khác, đun nóng hoàn toàn hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ thu được dung dịch B chứa 69,76 gam hỗn hợp muối. Phần trăm khối lượng của X trong hỗn hợp A có giá trị...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

5 tháng 8 2017

1

NQ

Ngô Quang Sinh

5 tháng 8 2017

Quy hỗn hợp E
Vì 1 Val= 1 Gly + 3CH₂ → Val: 1,38 : 3 = 0,46 mol → Gly : 0,06 mol
Bảo toàn khối lượng → mH₂O = 51,48 + 0,52. 40 - 69, 76= 2,52gam
nE = x + y + z= nH₂O = 0,14
Số mắt xích trung bình là 0,52:0,14 = 3,7 mà X, Y, Z có khối lượng phân tử tăng dần → X có thể dipeptit hoặc tripeptit
Nếu X là đipeptit thì luôn thu được CO₂=H₂O ( loại)
X là tripeptit dạng CnH₂n-1N₃O₄: x mol → có nCO₂ - nH₂O = 0,04 → nx - x(n-0,5) = 0,04 → x = 0,08
→ số liên kết trung bình của Y và Z là = 4,66 → Y là tetrapepit dạng CnH₂n-2N₄O₅
→ nY = nCO₂ -nH₂O = 0,04 mol, nZ = 0,02 mol ( Z là hexapeptit)
nX = 0,08 > nGly = 0,06 → X đươc cấu tạo bởi Val
Vậy X là (Ala)₃ :0,08 mol, Y là (Val)₄ : 0,04 mol và Z là (Gly)₃ (Val)₃ : 0,02
% X =.100% = 48,95%. Đáp án C

Ba peptit X, Y, Z (MX < MY < MZ) mạch hở, có cùng số nguyên tử cacbon, được tạo bởi từ glyxin, alanin, valin; tổng số liên kết peptit trong X, Y, Z bằng 8. Đốt cháy hoàn toàn 27,95 gam hỗn hợp E chứa X, Y, Z (trong đó X chiếm 75% số mol hỗn hợp) với lượng oxi vừa đủ, thu được H2O; 1,2 mol CO2 và 0,155 mol N2. Phần trăm khối lượng của Y có trong hỗn hợp E là A. 10,84% B. 23,47% C. 14,70% D....

NH

Nguyễn Hoàng Nam

11 tháng 5 2019

#Hóa học lớp 11

1

NQ

Ngô Quang Sinh

11 tháng 5 2019

Đáp án D

Quy E về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O ⇒ n_C2H₃NO = 2n_N2 = 0,31 mol.

Muối gồm C₂H₄NO₂Na và CH₂ ⇒ bảo toàn nguyên tố C: n_CH2 = 0,58 mol.

⇒ ∑n_peptit = n_H2O = (27,95 – 0,31 × 57 – 0,58 × 14) ÷ 18 = 0,12 mol.

⇒ n_X = 0,12 × 0,75 = 0,09 mol ⇒ n_Y,Z = 0,03 mol.

⇒ số mắt xích trung bình Y,Z ≥ 2 ⇒ (0,31 – 0,09 × số mắt xích X) ÷ 0,03 ≥ 3.

||⇒ số mắt xích X ≤ 2,44 ⇒ X là đipeptit ⇒ số mắt xích trung bình Y,Z = 4,33.

● ∑mắt xích peptit = 8 + 3 = 11 ⇒ ∑mắt xích Y,Z = 9 = 4 + 5.

⇒ Y là tetrapeptit và Z là pentapeptit ||⇒ giải hệ cho: n_Y = 0,02 mol; n_Z = 0,01 mol.

Z có ≥ 5 × 2C = 10C và X có ≤ 2 × 5C = 10C ||● X, Y, Z có cùng số C.

⇒ X là Val₂ và Z là Gly₅ ⇒ m_Y = m_E – m_X – m_Z = 5,48(g).

%m_Y = 5,48 ÷ 27,95 × 100% = 19,61%

Cho X, Y, Z là ba peptit đều mạch hở và M X > M Y > M Z . Đốt cháy hoàn toàn a mol mỗi peptit X, Y hoặc Z đều thu được số mol C O 2 nhiều hơn số mol H 2 O là a mol. Mặt khác, nếu đun nóng 69,8 gam hỗn hợp E (chứa X, Y và 0,16 mol Z; số mol của X nhỏ hơn số mol của Y) với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được dung...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

12 tháng 3 2017

1

NQ

Ngô Quang Sinh

12 tháng 3 2017

Vì E + NaOH => muối của Alanin và Valin

=> X, Y, Z được tạo ra từ Ala và Val đều là amino axit no, đơn chức, mạch hở

CTTQ của X là: C n H 2 n + 2 − 2 k + x N x O x + 1

X c h á y → n C O 2 + n + 1 – k + x / 2 H 2 O

a an a.(n + 1 – k + x/2)

Theo đề bài n C O 2 – n H 2 O = a

=> an – a.(n + 1- k + x/2) = a

=> k – x/2 = 2

Do k = x nên nghiệm thỏa mãn là k = x = 4

Tương tự Y, Z => X, Y, Z đều là các tetrapeptit

Gọi n X = a m o l ; n Y = b m o l Đ K : a < b

E + NaOH → muối + H 2 O

=> n N a O H = 4 . ( n X + n Y + n Z ) = 4 a + 4 b + 4 . 0 , 16

n H 2 O = n E = a + b + 0 , 16

BTKL: m E + m N a O H = m m u o i + m H 2 O

=> 69,8 + 40.(4a + 4b + 0,64) = 101,04 + 18.(a + b + 0,16)

=> a + b = 0,06

= > n E = a + b + 0 , 16 = 0 , 22 m o l = > M E = 317 , 27 = > Z l à A l a 4 M = 302 m ( X , Y ) = m E – m Z = 21 , 48 = > m ( X , Y ) = 358 = > Y l à A l a 3 V a l M = 330

Do A l a 2 V a l 2 nên X không thể là chất này. Có 2 trường hợp:

TH₁: X l à A l a V a l 3 M = 386

m m u o i = 111. a + 3 b + 0 , 16.4 + 139. 3 a + b = 101 , 04

Kết hợp a + b = 0,06 => a = b = 0,03 => loại vì theo đề bài n X < n Y

TH₂: X l à V a l 4 M = 414

m m u o i = 139. 4 a + b + 111. 3 b + 0 , 16.4 = 0 , 04

Kết hợp a + b = 0,06 => a = 0,02; b = 0,04 (thỏa mãn a < b)

⇒ % X = 0 , 02. 414 69 , 8 .100 % = 11 , 86 % ≈ 11 , 8 %

Đáp án cần chọn là: A

Cho X, Y, Z là ba peptit đều mạch hở và MX> MY> MZ. Đốt cháy hoàn toàn a mol mỗi peptit X, Y hoặc Z đều thu được số mol CO2 nhiều hơn số mol H2O là a mol. Mặt khác, nếu đun nóng 69,8 gam hỗn hợp E ( chứa X,Y và 0,16 mol Z; số mol của X nhỏ hơn số mol của Y) với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được dung dịch chỉ chứa 2 muối của alanin và valin có tổng khối lượng 101,04 gam. Phần trăm khối lượng của X...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

6 tháng 11 2019

1

NQ

Ngô Quang Sinh

6 tháng 11 2019

Đáp án A

Vì E + NaOH => muối của Alanin và Valin

=> X, Y, Z được tạo ra từ Ala và Val đều là amino axit no, đơn chức, mạch hở

CTTQ của X là: C_nH_{2n+2-2k + x} N_xO_x+1

X cháy → nCO₂ + ( n+ 1 – k + x/2)H₂O

a an a( n + 1 – k + x/2)

Theo đề bài n_CO2 – n_H2O = a

=> an – a(n+1- k + x/2) = a

=> k – x/2 = 2

Do k = x nên nghiệm thỏa mãn là k = x = 4

Tương tự Y, Z => X, Y, Z đều là các tetrapeptit

Gọi n_X = a ( mol); n_Y = b ( mol) (ĐK: a< b)

E + NaOH → muối + H₂O

=> n_NaOH = 4( n_X + n_Y + n_Z) = 4a + 4b + 4.0,16

n_H2O = n_E = a + b + 0,16

BTKL: m_E + m_NaOH = m_muối + m_H2O

=> 69,8 + 40( 4a + 4b + 0,64) = 101,04 + 18( a + b + 0,16)

=> a + b = 0,06

=> n_E = a + b + 0,16 = 0,22 (mol)

=> M_E = 317,27 => Z là (Ala)4 (M =302)

m(X,Y) = m_E – m_Z = 21,48

=> m (X, Y) = 358 => Y là (Ala)3Val ( M =330)

Do (Ala)₂(Val)₂ nên X không thể là chất này. Có 2 trường hợp:

TH₁: X là (Ala)(Val)₃ (M = 386)

m_muối = 111( a + 3b + 0,16.4) 139. ( 3a+ b) = 101,04

Kết hợp a+ b = 0,06 => a = b = 0,03 => loại vì theo đề bài n_X < n_Y

TH₂: X là (Val)₄ (M = 414)

m_MUỐI = 139( 4a + b) + 111 ( 3b + 0,16.4) = 0,04

Kết hợp a + b = 0,06 => a = 0,02; b = 0,04 (thỏa mãn a< b)

=> %X = (0,02. 414: 69,8).100% = 11,86%≈ 11,8 %

Cho X, Y, Z là ba peptit đều mạch hở và M X > M Y > M Z . Đốt cháy hoàn toàn a mol mỗi peptit X, Y hoặc Z đều thu được số mol C O 2 nhiều hơn số mol H 2 O là a mol. Mặt khác, nếu đun nóng 69,8 gam hỗn hợp E (chứa X, Y và 0,16 mol Z; số mol của X nhỏ hơn số mol của Y) với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được dung dịch...

NH

Nguyễn Hoàng Nam

3 tháng 4 2018