Đốt cháy hoàn toàn 8,9 gam hỗn hợp X gồm hai hiđrocacbon thuộc cùng dãy đồng đẳng liên tiếp,
cần dùng vừa đủ V lít O2 (đktc). Sản phẩm cháy cho hấp thụ hết vào bình đựng dung dịch NaOH,
khối lượng của bình tăng 41,7 gam.
a) Tính giá trị của V.
b) Xác định công thức phân tử của hiđrocacbon X
K
Khách
Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Những câu hỏi liên quan
23 tháng 2 2022
a) Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_2}=a\left(mol\right)\\n_{H_2O}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
\(n_{O_2}=\dfrac{10,64}{22,4}=0,475\left(mol\right)\)
Theo ĐLBTKL: \(44a+18b=3,9+0,475.32=19,1\left(g\right)\) (1)
Bảo toàn O: \(2a+b=0,95\left(mol\right)\left(2\right)\)
(1)(2) => a = 0,25; b = 0,45
\(n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,2.1=0,2\left(mol\right)\)
PTHH: Ba(OH)2 + CO2 --> BaCO3 + H2O
0,2------>0,2------>0,2
BaCO3 + CO2 + H2O --> Ba(HCO3)2
0,05<--0,05
=> \(m_{BaCO_3}=\left(0,2-0,05\right).197=29,55\left(g\right)\)
\(m=m_{BaCO_3}-m_{CO_2}-m_{H_2O}=29,55-19,1=10,45\left(g\right)\)
b) Do \(n_{CO_2}< n_{H_2O}\)
=> 2 hidrocacbon là ankan
nankan = 0,45 - 0,25 = 0,2 (mol)
=> \(\overline{M}=\dfrac{3,9}{0,2}=19,5\left(g/mol\right)\)
Mà 2 ankan kế tiếp nhau
=> 2 ankan là CH4, C2H6
c) Đặt \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CH_4}=x\left(mol\right)\\n_{C_2H_6}=y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> x + y = 0,2
Bảo toàn C: x + 2y = 0,25
=> x = 0,15; y = 0,05
=> \(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{CH_4}=\dfrac{0,15.16}{3,9}.100\%=61,54\%\\\%m_{C_2H_6}=\dfrac{0,05.30}{3,9}.100\%=38,46\%\end{matrix}\right.\)
16 tháng 2 2022
a) \(n_{O_2}=\dfrac{21,28}{22,4}=0,95\left(mol\right)\)
\(n_{CaCO_3}=\dfrac{60}{100}=0,6\left(mol\right)\)
=> nCO2 = 0,6 (mol)
Bảo toàn O: \(n_{H_2O}=0,95.2-0,6.2=0,7\left(mol\right)\)
mdd giảm = \(m_{CaCO_3}-m_{CO_2}-m_{H_2O}=60-0,6.44-0,7.18=21\left(g\right)\)
b) \(n_X=n_{H_2O}-n_{CO_2}=0,7-0,6=0,1\left(mol\right)\)
=> nY = \(\dfrac{5,6}{22,4}-0,1=0,15\left(mol\right)\)
Theo ĐLBTKL: mA = 0,6.44 + 0,7.18 - 0,95.32 = 8,6 (g)
=> 0,1.MX + 0,15.MY = 8,6
Do MY > 0 => MX < 86 (g/mol)
- Nếu X là CH4 => MY = \(\dfrac{140}{3}\) (Loại)
- Nếu X là C2H6 => MY = \(\dfrac{112}{3}\) (Loại)
- Nếu X là C3H8 => MY = 28 (C2H4)
- Nếu X là C4H10 => MY = \(\dfrac{56}{3}\) (Loại)
- Nếu X là C5H12 => MY = \(\dfrac{28}{3}\) (Loại)
Vậy X là C3H8, Y là C2H4
27 tháng 12 2017
Đáp án B
Theo giả thiết ta có : n C O 2 = n C a C O 3 = 0 , 25 m o l
Khối lượng dung dịch giảm 7,7 gam nên suy ra :
25 - 0 , 25 . 44 - m H 2 O = 7 , 7 ⇒ m H 2 O = 6 , 3 g a m ⇒ n H 2 O = 0 , 35 m o l
Hỗn hợp X gồm hai chất đồng đẳng, đốt cháy X cho số mol nước lớn hơn số mol CO2 chứng tỏ X gồm hai ankan.
Đặt công thức phân tử trung bình của hai ankan trong X là C n ¯ H 2 n ¯ + 2
Phương trình phản ứng cháy : C n ¯ H 2 n ¯ + 2 + 3 n ¯ + 1 2 O 2 → n ¯ C O 2 + n ¯ + 1 H 2 O ( 1 )
Từ phản ứng ta suy ra : n H 2 O n C O 2 = n ¯ + 1 n ¯ = 0 , 35 0 , 25 ⇒ n ¯ = 2 , 5 h o ặ c n ¯ = n C O 2 n H 2 O - n C O 2 = 2 , 5
Với số C trung bình bằng 2,5 và căn cứ vào các phương án ta thấy hai ankan là : C2H6 và C3H8.
22 tháng 9 2019
Đáp án : D
Gọi hỗn hợp gồm 2 axit : a mol CnH2nO2 và b mol CmH2m-2O2
=> nNaOH – nHCl = nCOOH = nX = 0,3 – 0,1 = 0,2 mol
Lượng muối trong Y gồm : CnH2n-1O2Na ; CmH2m-3O2Na và NaCl
Lại có : m muối hữu cơ = mX + 22nX
=> 22,89 = mX + 22.0,2 + 0,1.58,5 => mX = 12,64g
=> mC + mH = 12,64 – mO = 12,64 – 16.2.0,2 = 6,24g
=> 12nCO2 + 2nH2O = 6,24 ( bảo toàn nguyên tố)
Sau khi đốt cháy X => m tăng = mCO2 + mH2O
=> 44nCO2 + 18nH2O = 26,72
=> nCO2 = 0,46 mol ; nH2O = 0,36 mol
=> n axit không no = nCO2 – nH2O = 0,1 mol ; n axit no = 0,1 mol
=> 12,64 = 0,1 ( 14n + 32) + 0,1.(14m + 32)
=> n + m = 4,45 . Mà axit không no có 1 nối đôi => m > 3 (đồng đăng liên tiếp)
=> n < 1,45 => n = 1 (HCOOH) => m = 3,45 (C2H3COOH: x mol ; C3H5COOH: y mol)
x + y = 0 , 1 72 x + 86 y = 12 , 64 – 0 , 1 . 46 => x = 0 , 04 y = 0 , 06 m o l
=> %mC2H3COOH = 22,78%
2 tháng 1 2019
Đáp án D
nNaOH dư = 0,3(mol); nNaOH dư = nHCl = 0,l(mol)
=> nNaOH phản ứng = naxit = 0,2 (mol)
Gọi công thức chung của các axit là RCOOH
=> Cô cạn D thu được hỗn hợp muối gồm 0,2 mol RCOONa và 0,1 mol NaCl
m R C O O N a = 22 , 89 - 0 , 1 . 58 , 5 = 17 , 04 ( g )
Áp dụng phương pháp tăng giảm khối lượng ta có:
m R C O O N a = m a x i t + 22 n a x i t ⇒ m a x i t = 12 , 64 ( g )
Gọi số mol CO2 và H2O khi đốt cháy A lần lượt là x, y(mol)
Khi hấp thụ sản phẩm cháy vào dung dịch NaOH đặc thì khối lượng bình tăng chính là tổng khối lượng của CO2 và H2O => 44x + 18y = 26,72(g) (1)
Lại có: maxit = mC + mH + mO = 12 n C O 2 + 2 n H 2 O + 16n O trong axit
Vì axit đơn chức => nO trong axit = 2naxit = 0,4(mol)
=> 12,64 = 12x+2y+16.0,4 => 12x+2y = 6,24 (2)
(1) và (2) suy ra x = 0,46(mol); y = 0,36(mol)
Khi đốt cháy A ta thấy
n C O 2 - n H 2 O = n a x i t k h ô n g n o = 0 , 1 ( m o l ) ⇒ n a x i t n o = 0 , 1 ( m o l )
Vì axit không no có ít nhất 3 nguyên tử C trong phân tử
⇒ n C O 2 d o đ ố t c h á y a x i t k h ô n g n o > 0 , 3 ( m o l ) ⇒ n C O 2 d o đ ố t c h á y a x i t n o < 0 , 16 ( m o l )
=> axit không no chỉ có thể là HCOOH
⇒ n C O 2 d o đ ố t c h á y a x i t n o = 0 , 1 ( m o l ) ⇒ n C O 2 d o đ ố t c h á y a x i t k h ô n g n o = 0 , 36 ( m o l )
=> 2 axit không no là C2H3COOH và C3H5COOH.
Gọi số mol của chúng lần lượt là a,b(mol)
⇒ a + b = 0 , 1 3 a + 4 b = 0 , 36 ⇒ a = 0 , 04 b = 0 , 06 V ậ y % m C 2 H 3 C O O H = 0 , 04 . 72 12 , 64
Chú ý: Ta thấy câu này tương tự như câu 9 nhưng điểm khác là hỗn hợp gồm 1 axit no và 2 axit không no; điểm khác thứ hai là bài toán đã cho đốt cháy hỗn hợp axit ban đầu chứ không phải đốt cháy hỗn hợp muối do đó đơn giản hơn và có định hướng giải rõ ràng hơn rất nhiều
31 tháng 7 2017
Đáp án A
A gồm CnH2nO2 a mol và CmH2m-2O2 b mol với m ≥3
⇒ muối CnH2n-1O2Na a mol và CmH2m-3O2Na b mol
nhh A = nNaOH phản ứng = 0,15 x 2 - 0,1 x 1 ⇒ a + b = 0,2 (1)
Rắn khan gồm: CnH2n-1O2Na a mol, CmH2m-3O2Na b mol và NaCl 0,1 mol
⇒ m chất rắn = a(14n+54) + b(14m+52) + 58,5 x 0,1 = 22,89 ⇒ 14(na+mb) + 2a = 6,64 (2)
Đốt cháy A ⇒ nCO2 = na + mb và nH2O = na + mb - b
Từ: mCO2 + mH2O = 44(na + mb) + 18(na + mb - b) = 26,7 ⇒ 62(na+mb) - 18b = 26,72 (3)
Từ (1), (2) và (3) ⇒ a = b = 0,1 và na + mb = 0,46 ⇒ n + m = 4,6
⇒ n = 1 và m = 3,6 ⇒ axit no HCOOH 0,1 mol hai axit không no là C3H4O2x mol và C4H6O2y mol
Trong đó: x + y = b = 0,1 và số nguyên tử C trung bình = 3,6
Bằng qui tắc đường chéo ⇒ x = 0,04 và y = 0,06
⇒ mA = 46 x 0,1 + 72 x 0,04 + 86x 0,06 = 12,64 gam ⇒ %mC3H4O2 = 22,78%
a) Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_2}=a\left(mol\right)\\n_{H_2O}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)
=> 44a + 18b = 41,7 (1)
Bảo toàn C: nC = a (mol)
Bảo toàn H: nH = 2b (mol)
=> 12a + 2b = 8,9 (2)
(1)(2) => a = 0,6 (mol); b = 0,85 (mol)
Bảo toàn O: \(n_{O_2}=\dfrac{0,6.2+0,85}{2}=1,025\left(mol\right)\)
=> V = 1,025.22,4 = 22,96 (l)
b) Do \(n_{CO_2}< n_{H_2O}\)
=> 2 hidrocacbon là ankan
nankan = 0,85 - 0,6 = 0,25 (mol)
=> \(\overline{C}=\dfrac{0,6}{0,25}=2,4\)
=> 2 ankan là C2H6 và C3H8