K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

11 tháng 4 2022

A chứa 1 hidrocacbon no (X) và 1 hidrocacbon không no (Y)

=> (X) là ankan

- Xét TN1:

\(n_Y=\dfrac{0,336-0,112}{22,4}=0,01\left(mol\right)\)

=> \(M_Y=\dfrac{0,54}{0,01}=54\left(g/mol\right)\)

=> Y là C4H6

- Xét TN2:

CTPT của X là CnH2n+2

\(n_X=\dfrac{0,112}{22,4}=0,005\left(mol\right)\)

\(n_{O_2}=\dfrac{1,624}{22,4}=0,0725\left(mol\right)\)

PTHH: 2C4H6 + 11O2 --to--> 8CO2 + 6H2O

             0,01-->0,055

             CnH2n+2 + \(\dfrac{3n+1}{2}\)O2 --to--> nCO2 + (n+1)H2O

              0,005-->\(0,005.\dfrac{3n+1}{2}\)

=> \(0,005\dfrac{3n+1}{2}=0,0725-0,055=0,0175\)

=> n = 2

=> CTPT của (X): C2H6

CTCT của (X): \(CH_3-CH_3\)

CTCT của (Y):
(1) \(CH\equiv C-CH_2-CH_3\)

(2) \(CH_3-C\equiv C-CH_3\)

(3) \(CH_2=C=CH-CH_3\)

(4) \(CH_2=CH-CH=CH_2\)

25 tháng 2 2022

Gọi số mol C2H4, CnH2n+2 trong mỗi phần là a, b (mol)

=> \(a+b=\dfrac{\dfrac{8,96}{2}}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

P1:

Bảo toàn C: 2a + bn = \(\dfrac{11,648}{22,4}=0,52\)

P2:

\(b=\dfrac{2,688}{22,4}=0,12\left(mol\right)\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}a=0,08\left(mol\right)\\n=3\end{matrix}\right.\)

=> CTPT: C3H8

\(\left\{{}\begin{matrix}\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,08}{0,2}.100\%=40\%\\\%V_{C_3H_8}=\dfrac{0,12}{0,2}.100\%=60\%\end{matrix}\right.\)

25 tháng 2 2022

a) \(m_{tăng}=m_{C_2H_4}=0,84\left(g\right)\)

=> \(n_{C_2H_4}=\dfrac{0,84}{28}=0,03\left(mol\right)\)

Gọi số mol CH4, H2 trong 3360 ml A là a, b

=> \(a+b=\dfrac{3,36}{22,4}-0,03=0,12\left(mol\right)\) (1)

Gọi số mol CH4, H2 trong 0,7 lít hh là ak, bk

=> ak + bk + 0,03k = \(\dfrac{0,7}{22,4}=0,03125\) (2)

Và 16ak + 2bk + 0,84k = 0,4875 (3)

(1)(2)(3) => \(\left\{{}\begin{matrix}a=0,09\left(mol\right)\\b=0,03\left(mol\right)\\k=\dfrac{5}{24}\end{matrix}\right.\)

\(\left\{{}\begin{matrix}\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,03}{0,15}.100\%=20\%\\\%V_{CH_4}=\dfrac{0,09}{0,15}.100\%=60\%\\\%V_{H_2}=\dfrac{0,03}{0,15}.100\%=20\%\end{matrix}\right.\)

b) 

\(n_{C_2H_4}=\dfrac{1,68}{22,4}.20\%=0,015\left(mol\right)\)

\(n_{CH_4}=\dfrac{1,68}{22,4}.60\%=0,045\left(mol\right)\)

\(n_{H_2}=\dfrac{1,68}{22,4}.20\%=0,015\left(mol\right)\)

Bảo toàn C: \(n_{CO_2}=0,075\left(mol\right)\)

Bảo toàn H: \(n_{H_2O}=0,135\left(mol\right)\)

\(n_{Ca\left(OH\right)_2}=0,05.1=0,05\left(mol\right)\)

\(m_{ddCa\left(OH\right)_2}=1000.1,025=1025\left(g\right)\)

PTHH: Ca(OH)2 + CO2 --> CaCO3 + H2O

             0,05---->0,05----->0,05

            CaCO3 + CO2 + H2O --> Ca(HCO3)2

           0,025<--0,025------------>0,025

\(m_{CaCO_3}=\left(0,05-0,025\right).100=2,5\left(g\right)\)

mdd sau pư = 1025 + 0,075.44 + 0,135.18 - 2,5 = 1028,23 (g)

\(C\%_{Ca\left(HCO_3\right)_2}=\dfrac{0,025.162}{1028,23}.100\%=0,3939\%\)

1 tháng 2 2019

Thể tích khí đã tác dụng với dung dịch brom là : 6,72 - 2,24 = 4,48 (lít).

=> Số mol khí phản ứng với dung dịch brom là : 4,48/22,4 = 0,2 mol

Khối lượng bình brom tăng lên là do khối lượng hiđrocacbon bị hấp thụ. Vậy khối lượng mol phân tử của hiđrocacbon là :

5,6/0,2 = 28 (gam/mol)

=> Công thức phân tử của một hiđrocacbon là C 2 H 4

Dựa vào phản ứng đốt cháy tìm được hiđrocacbon còn lại là  CH 4

% V C 2 H 4  = 4,48/6,72 x 100% = 66,67%;  V CH 4  = 33,33%

20 tháng 4 2022

\(a,n_{hh\left(CH_4,C_2H_4,C_2H_2\right)}=\dfrac{8,96}{22,4}=0,4\left(mol\right)\\ n_{CH_4}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\\ n_{hh\left(C_2H_4,C_2H_2\right)}=0,4-0,1=0,3\left(mol\right)\)

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_4}=a\left(mol\right)\\n_{C_2H_2}=b\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}a+b=0,3\\28a+26b=8,1\end{matrix}\right.\Leftrightarrow a=b=0,15\left(mol\right)\)

PTHH:

\(CH\equiv CH+2Br-Br\rightarrow CHBr_2-CHBr_2\)

\(CH_2=CH_2+Br-Br\rightarrow CH_2Br-CH_2Br\)

\(b,\left\{{}\begin{matrix}\%V_{CH_4}=\dfrac{0,1}{0,4}.100\%=25\%\\\%V_{C_2H_4}=\%V_{C_2H_2}=\dfrac{0,15}{0,4}.100\%=37,5\%\end{matrix}\right.\)

c, PTHH:

\(CH_4+2O_2\underrightarrow{t^o}CO_2+2H_2O\\ C_2H_2+\dfrac{5}{2}O_2\underrightarrow{t^o}2CO_2+H_2O\\ C_2H_4+3O_2\underrightarrow{t^o}2CO_2+2H_2O\\ Ba\left(OH\right)_2+CO_2\rightarrow BaCO_3\downarrow+H_2O\\ \rightarrow n_{BaCO_3}=n_{CO_2}=0,1+0,15.0,15.2=0,7\left(mol\right)\\ m_{BaCO_3}=0,7.197=137,9\left(g\right)\)

a) PTHH: \(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

Ta có: \(n_{C_2H_4}=\dfrac{5,6}{28}=0,2\left(mol\right)=n_{C_2H_4Br_2}\) \(\Rightarrow m_{C_2H_4Br_2}=0,2\cdot188=37,6\left(g\right)\)

b) Ta có: \(n_{CH_4}=\dfrac{11,2}{22,4}-0,2=0,3\left(mol\right)\)

Bảo toàn nguyên tố: \(n_{CO_2}=n_{CH_4}+2n_{C_2H_4}=0,7\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{CO_2}=0,7\cdot22,4=15,68\left(l\right)\)

4 tháng 5 2021

cảm ơn thầy ạ

14 tháng 3 2022

\(n_{Br_2}=\dfrac{8}{160}=0,05mol\)

\(n_{hh}=\dfrac{5,6}{22,4}=0,25mol\)

\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)

0,05      0,05                          ( mol )

\(\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,05}{0,25}.100=20\%\)

\(\%V_{CH_4}=100\%-20\%=80\%\)

\(CH_4+2O_2\rightarrow\left(t^o\right)CO_2+2H_2O\)

  0,2      0,4                                     ( mol )

\(C_2H_4+5O_2\rightarrow\left(t^o\right)2CO_2+2H_2O\)

0,05       0,25                                     ( mol )

\(V_{kk}=V_{O_2}.5=\left(0,4+0,25\right).22,4.5=14,56.5=72,8l\)

 

25 tháng 2 2022

a) \(V_{CH_4}=0,6\left(l\right)\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}\%V_{CH_4}=\dfrac{0,6}{1,2}.100\%=50\%\\\%V_{C_2H_4}=100\%-50\%=50\%\end{matrix}\right.\)

b) \(n_{C_2H_4}=\dfrac{1,2-0,6}{24}=0,025\left(mol\right)\)

PTHH: C2H4 + Br2 --> C2H4Br2 

         0,025-->0,025

=> \(m_{Br_2}=0,025.160=4\left(g\right)\)

c) 

\(n_{CH_4}=\dfrac{0,6}{24}=0,025\left(mol\right)\)

=> nH = 0,025.4 = 0,1 (mol)

\(n_{Cl_2}=\dfrac{0,72}{24}=0,03\left(mol\right)\)

=> nCl(thế H) = 0,03 (mol)

Do nH > nCl(thế H)

=> H không bị thế hoàn toàn bởi Cl

=> nHCl = 0,03 (mol)

=> mHCl = 0,03.36,5 = 1,095 (g)