K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

22 tháng 10 2019

Đáp án B

Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol thu được 1,48 mol hỗn hợp CO2, H2O và N2.

0,2 mol E tác dụng vừa đủ với 0,34 mol NaOH suy ra

Do thu được một ancol duy nhất và hỗn hợp gồm 2 muối nên ancol là đơn chức và hai muối trong đó có 1 muối 2 chức và 1 muối amino axit

Đốt cháy Y và Z thu được số mol H2O lớn hơn số mol CO2 là 0,03 mol, đốt cháy X thu được CO2 lớn hơn số mol H2O là 0,14 mol

Ta có: C E ¯ = 3 , 9 .  Do vậy m phải từ 3 trở xuống.

Ta có:  n < 0 , 78 0 , 14 = 5 , 57  cho nên ancol tạo nên X phải là CH3OH.

Do vậy n=m+1 cho nên m=3 và m=4.

Vậy 3 chất là C4H6O4 0,14 mol, C4H9O2N và C3H7O2N.

Giải được số mol của Y và Z lần lượt là 0,04 và 0,02 mol

=> %Z =7,94%

3 tháng 4 2019

Đáp án B

Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol thu được 1,48 mol hỗn hợp CO2, H2O và N2.

0,2 mol E tác dụng vừa đủ với 0,34 mol NaOH suy ra

Do thu được một ancol duy nhất và hỗn hợp gồm 2 muối nên ancol là đơn chức và hai muối trong đó có 1 muối 2 chức và 1 muối amino axit

Đốt cháy Y và Z thu được số mol H2O lớn hơn số mol CO2 là 0,03 mol, đốt cháy X thu được CO2 lớn hơn số mol H2O là 0,14 mol

= 0,78 mol

Ta có:

 

.  Do vậy m phải từ 3 trở xuống.

Ta có:

 cho nên ancol tạo nên X phải là CH3OH.

Do vậy n=m+1 cho nên m=3 và m=4.

Vậy 3 chất là C4H6O4 0,14 mol, C4H9O2N và C3H7O2N.

Giải được số mol của Y và Z lần lượt là 0,04 và 0,02 mol

24 tháng 4 2018

Đáp án D

Định hướng tư duy giải

Ta có: 

4 tháng 8 2019

Chọn đáp án D.

Đặt

 Khi đốt cháy T. Đặt

Bảo toàn O trong phản ứng đốt cháy T.  x + 0,295.2 = 2y +0,32 (1)

  Bảo toàn khối lượng trong phản ứng với NaOH:

11,28 + 40x = 12,08 + (12y + 0,32.2 + 16x) (2)

Từ (1) và (2)  => x=0,17 mol; y=0,22 mol

Ta có:

Vậy hỗn hợp T gồm ancol no đơn chức (0,03 mol) và ancol no hai chức (0,07 mol)

Muối tạo bởi X, Y là ACOONa (0,03 mol), muối tạo bởi Z là BCOONa (0,14 mol)

=> (A+67).0,03 + (B+67).0,14 =12,08 => 3A + 14B =69 

 

Mà M X   = M Y   + 2  X là C5H10O2, Y là C5H8O2. 

 

27 tháng 11 2019

Đáp án D

Đun nóng 11,28 gam E với NaOH v ừa đủ thu được T chứa các ancol đều no và 12,08 gam hỗn hợp các muối.

ĐỐt cháy ancol no cần 0,295 mol O2 thu được CO2 và 0,32 mol H2O.

Gọi số mol NaOH phản ứng là x

BTKL:  

Suy ra số mol O trong ancol là x.

BTNT O:  

=> 12.(0,35+0,5x) + 0,32.2 + 16x = 40x - 0,8

Giải được x=0,17.

→ n ancol   = 0 , 1   mol

do vậy trong T có 0,07 mol ancol 2 chức và 0,03 mol ancol đơn chức

→ n Z   = 0 , 07   mol

Gọi u, v lần lượt là số C của ancol đơn chức và ancol đơn chức

=> 0,03u + 0,07v =0,22

Giải được nghiệm u=8/3 và v=2.

Gọi muối tạo ra từ X, Y là ACOONa 0,03 mol và từ Z là BCOONa 0,14 mol.

=> 0,03(A+ 67) + 0,14(B+67) =12,08

Giải được B=1 và A=55/3.

Z là (HCOO)2C2H4 0,07 mol

Do vậy Mx=102; MY=100 hay X là C5H10O2 và Y là C5H8O2.

5 tháng 6 2019

X có công thức C n H 2 n + 3 O 2 N  nên là muối của axit đơn chức.

Ta thấy các muối đều no nên có thể quy đổi thành:

  H C O O NH 4 : a COONH 4 2 : b CH 2 : c +   O 2 :   0 , 258   →   0 , 72     CO 2 : a + 2 b + c   B T : C H 2 O : 2 , 5 a + 4 b + c   B T : H N 2 : 0 , 5 a + b   B T : N

1   n E   =   a   +   b   =   0 , 12

( 2 )   n s ả n   p h ẩ m   =   a   +   2 b   +   c   +   2 , 5 a   +   4 b   +   c   +   0 , 5 a   +   b   =   0 , 72

(3) BTNT "O" → 2a + 4b + 2.0,258 = 2(a + 2b + c) + 2,5a + 4b + c

Giải (1) (2) (3) được a = 0,072; b = 0,048; c = 0,048

Như vậy hỗn hợp quy đổi:    H C O O NH 4 : 0 , 072 COONH 4 2 : 0 , 048 CH 2 : 0 , 048

Ta thấy n CH 2     =     n COONH 4 2 =   0 , 048 nên 1 nhóm C H 2 trả về cho  ( C O O N H 4 ) 2 .

Mà do khi phản ứng với NaOH thu được hỗn hợp khí làm xanh quỳ tím ẩm nên hỗn hợp E chứa:

H C O O N H 4   0 , 072   m o l   v à   C H 3 N H 3 O O C − C O O N H 4   0 , 048   m o l

→ Muối chứa HCOONa (0,072 mol) và NaOOC-COONa (0,048 mol)

→  m   m u o i   =   0 , 072.68   +   0 , 048.134   =   11 , 328   g a m

Đáp án cần chọn là: C

8 tháng 1 2017

Chọn đáp án A

17 tháng 10 2017

Chọn D.

Ta có:  n X = n a n c o l = 0 , 2   m o l  và MR = 51,6 – 17 = 34,6 (ROH là ancol)

Khi đốt cháy X, ta có:

 

Þ X có dạng HCOOR  hoặc CH3COOR

+ Nếu X có dạng HCOOR thì:

Þ Y là C4H9O2N (0,06 mol) và C5H11O2N (0,02 mol)

Muối thu được gồm HCOONa (0,2), C4H8O2NNa (0,06), C5H10O2NNa (0,02)

Þ  % m C 5 H 10 O 2 N N a = 11 , 64 %

+ TH còn lại không cần xét nữa.

19 tháng 11 2019

Đáp án B.

► Đặt nGly-Na = x; nAla-Na = y 

nNa2CO3 = 0,5x + 0,5y = 0,25 mol 

nO2 = 2,25x + 3,75y = 1,455 mol

giải hệ có: x = 0,28 mol; y = 0,22 mol. 

Bảo toàn khối lượng:

mH2O = 36,86 + 0,5 × 40 – 3,84 – 0,28 × 97 – 0,22 × 111 = 1,44(g) 

∑npeptit = nH2O = 0,08 mol

► Dễ thấy Z là este của Gly và CH3OH.

nZ = nCH3OH = 0,12 mol.

Đặt nX = a; nY = b

npeptit = a + b = 0,08 mol. 

nNaOH = 4a + 5b + 0,12 = 0,5 mol

Giải hệ cho: a = 0,02 mol; b = 0,06 mol. 

► Gọi số gốc Gly trong X và Y là a và b.

nGly = 0,02a + 0,06b + 0,12 = 0,28 mol.

 a = b = 2

Y là Gly2Ala3 

%mY = 56,16%

14 tháng 3 2018

Đáp án A

Sơ đồ hóa bài toán:

Bảo toàn nguyên tố K 

=> a + b = 0,5

Bảo toàn nguyên tố O: 

Từ (1) và (2) → 

= 59,58 gam

Bảo toàn khối lượng: 

n H 2 O   =   0 , 08   m o l

Các quá trình phản ứng thủy phân như sau

Ta có: 

→ x = 0,02 = nX và y = 0,06 = nY

Gọi công thức 

Bảo toàn Na: 0,02n + 0,06m = 0,22