K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

9 tháng 10 2017

Đáp án B

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O

với số mol x, y và z

mE = 57x + 14y + 18z = 23,06(g)

Đốt muối cũng như đốt E

nO₂ = 2,25x + 1,5y = 0,87 mol           

Bảo toàn nguyên tố Natri:

nNa₂CO₃ = 0,2 mol.

Bảo toàn nguyên tố Nitơ:

nN₂ = 0,5x mol 

● Muối chứa x mol C₂H₄NO₂Na,

y mol CH₂ và (0,4 – x) mol NaOH dư.

Đốt cho (2x + y – 0,2) mol CO₂

và nH₂O = (1,5x + y + 0,2) mol H₂O

nT = nCO₂ + nH₂O + nN₂

= (2x + y – 0,2) + (1,5x + y + 0,2) + 0,5x = 1,5 mol

giải hệ có: x = 0,34 mol;

y = 0,07 mol; z = 0,15 mol

► Số mắt xích trung bình

= 0,34 ÷ 0,15 = 2,26 

phải chứa ít nhất 1 đipeptit

∑số mắt xích của 2 peptit còn lại

 = 10 – 3 – 2 = 5

Lại có 2,26 phải chứa peptit ≥ 3 mắt xích 

cách chia duy nhất

5 mắt xích còn lại cho 2 peptit

là 5 = 2 + 3.

● Đặt n đipeptit = a; n tripeptit = b

nC₂H₃NO = 2a + 3b = 0,34 mol.

nH₂O = a + b = 0,15 mol

giải hệ có: a = 0,11 mol; b = 0,04 mol

Do Ctb = (0,34 × 2 + 0,07) ÷ 0,15 = 5

phải chứa Gly₂.

Lại có, 2 peptit chứa cùng số C 

2 peptit cùng số C là 2 peptit còn lại

(vì Gly₂ chỉ có 1 đồng phân

Mặt khác, do nCH₂ : ntripeptit < 2

chỉ ghép tối đa 1 CH₂ cho tripeptit

tripeptit là Gly₃ hoặc Gly₂Ala

● Với Gly₃ thì đipeptit còn lại là Ala₂

  loại vì không chứa Val

● Với Gly₂Ala thì đipeptit còn lại

là GlyVal thỏa mãn

nGlyVal = (0,07 – 0,04) ÷ 3 = 0,01 mol 

nGly₂ = 0,11 – 0,01 = 0,1 mol 

► Peptit có PTK nhỏ nhất là Gly₂

%mGly₂ = 0,1 × 132 ÷ 23,06 × 100% 

= 57,24%

27 tháng 10 2019

Tổng số nguyên tử oxi của ba peptit là 10

 Tổng số nguyên tử nito của ba peptit =10-3=7

=> Tổng số mắt xích của ba peptit =7 => E gồm 2 đipeptit và 1 tripeptit

Số mol NaOH là: 

Quy đổi E thành C2H3NO: a mol; CH2: b mol; H2O: c mol

Sơ đồ phản ứng:

 

=> 4a + 2b = 1,5 (I)

Các quá trình nhường nhận electron:

c = 0,15 mol

Các quá trình nhường nhận electron:

= 0,03 mol

Đặt các đipeptit là X, Y

Gọi  x ¯  là số nhóm CH2 thêm vào Gly của cả X và Y

= 57,24 %

Đáp án A.

4 tháng 11 2017

7 tháng 9 2019

Đáp án A

26 tháng 9 2019

Đáp án A

Tổng số liên kết peptit trong 3 peptit là 14 nên tổng số gốc aa trong 3 peptit là 17.

Mỗi peptit đều có số O không quá 8 nên từ 7-peptit trở xuống.

Đốt cháy bất kỳ lượng X cũng như Y đều thu được số mol CO2 như nhau nên X, Y là đồng phân.

Cho E tác dụng với 0,5 mol NaOH thu được 2 muối Gly và Ala.

Đốt cháy hỗn hợp muối cần 1,29 mol O2.

Giải được số mol Gly và Ala lần lượt là 0,39 và 0,11 mol.

Ta có Gly:Ala=39:11

Trùng ngưng hỗn hợp E được peptit E’:

vậy số mol X, Y, Z lần lượt là 0,01; 0,02; 0,05.

Ta có: 50=1.5+2.5+5.7

X, Y là 5-peptit còn Z là 7-peptit.

Ta có số mol Ala là 0,11

0,11=0,05.2+0,01=0,05+0,02.3=0,05+0,02.2+0,01.2=0,05+0,02+0,01.4

=0,02.3+0,01.5=0,02.4+0,01.3=0,02.5+0,01.1

Vì X và Y đồng phân nên chỉ thỏa mãn X, Y chứa 2 gốc Ala, Z chứa 1 gốc Ala.

Vậy X , Y có dạng là Gly3Ala2 còn Z là AlaGly6.

%Z=68,456%

4 tháng 1 2017

Đáp án A

Hơi Z chứa H2O, do X, Y tạo ra 2 muối nên từ C3H7NO4 cũng tạo ra 2 muối, vậy CTCT là HCOOH3NCH2COOH x mol.

Muối T gồm:

HCOONa x mol, CH2H4NO2Na x mol, C3H6NO2Na y mol và C5H10NO2Na z mol

→  n T = 2x+y+z = 0,36

Đốt cháy T cần 1,6625 mol O2 → 0,5x+2,25x+3,75y+6,75z = 1,6625

→  m C O 2 + m H 2 O = 44(0,5x+1,5x+2,5y+4,5z)+18(0,5x+2x+3y+5z) = 71,97

Giải hệ: x=0,01; y=0,22; z=0,12.

→ Ala : Val = 11:6

→ X + 2Y   →    A l a 11 V a l 5 k   +   H 2 O

X và Y không quá 10 gốc aa nên k=1.

Trong 1 phân tử X và 2 phân tử Y có 11 gốc Ala và 6 gốc Val và X, Y cùng số C nên mỗi chất có 21C>

X, Y có dạng (Ala)u(Val)v

→ 3u+5v = 21

thỏa mãn y=2; v=3 hoặc u=7, v=0

Hai peptit là (Ala)2(Val)3 0,04 mol và Ala7 0,02 mol

→  m M = 29,79 gam → % A l a 2 V a l 3 = 61,36%

8 tháng 4 2019

Chọn đáp án B

Dồn chất

xếp hình 

15 tháng 9 2019