K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

12 tháng 6 2019

Quy E về C2H3NO, CH2, H2O. Bảo toàn nguyên tố Natri:
nC2H3NO = nC2H4NO2Na = 2nNa2CO3 = 0,44 mol. Lại có:
nO2 = 2,25.nC2H4NO2Na + 1,5.nCH2
nCH2 = 0,11 mol.
nH2O = 28,42 - 0,44 × 57 - 0,11 × 14) ÷ 18 = 0,1 mol.
→ X là Gly2 || số mắt xích trung bình = 4,4.
Lại có hexapeptit chứa ít nhất 12C
Z là pentapeptit.
→ Z là Gly4Ala
Y phải chứa Val Y là GlyVal.
Đặt nX = x; nY = y; nZ = z
nC2H3NO = 2x + 2y + 5z = 0,44.
nH2O = x + y + z = 0,1 mol; nCH2 = 3y + z = 0,11 mol.
||
Giải hệ có: x = y = 0,01 mol; z = 0,08 mol.
%mX = 0,01 × 132 ÷ 28,42 × 100% = 4,64%

→ Đáp án A

24 tháng 12 2018

- Ta thấy: Gly có 2C, Ala có 3C, Val có 5C

+ X có CTPT C 4 H 8 O 3 N 2  nên là Gly-Gly.

+ Y có 7C nên chỉ có thể là Gly-Val hoặc Gly-Gly-Ala → Y có tối đa có 3 mắt xích

- Do X, Y, Z được tạo nên từ a.a có 1 nhóm NH2 và 1 nhóm COOH nên quy đổi thành: C O N H ,   C H 2 ,   H 2 O (số mol   H 2 O  bằng tổng mol peptit)

- Bảo toàn Na →  n N a O H   =   2 n N a 2 C O 3   =   0 , 44   m o l

Sơ đồ:

 

+) Bảo toàn O

→  n C O N H   +   n H 2 O 1   +   n N a O H   =   n H 2 O   2   + n N a 2 C O 3   3     +   2   n C O 2 +     n H 2 O 3

→ 0,44 + y + 0,44 = y + 3.0,22 + 2(x + 0,22) + (x + 0,44) → x = 0,55

+)  m E   =   m C O N H   +   m C H 2   +   m H 2 O   →   28 , 42   =   0 , 44.43   +   14.0 , 55   +   18. y   →   y   =   0 , 1

→  n E   =   n H 2 O   =   0 , 1   m o l

- Số mắt a.a xích trung bình = nN : nE = 0,44 : 0,1 = 4,4

- Biện luận tìm các peptit:

+ X là đipeptit, Y có tối đa 3 mắt xích → Z có từ 5 mắt xích trở lên

+ Mặt khác Z có 11C → Z chỉ có thể là  G l y 4 A l a

+ X, Z không chứa Val → Y chứa Val → Y là Gly-Val

- Giả sử E chứa:  G l y 2   a   m o l ;   G l y − V a l   b   m o l ;   G l y 4 A l a   c   m o l

Ta lập hệ:  m E = 132 a + 174 b + 317 c = 28 , 42 n E = a + b + c = 0 , 1 n NaOH = 2 a + 2 b + 5 c = 0 , 44 → a = 0 , 01 b = 0 , 01 c = 0 , 08   

→   % m X   =   4 , 6 4%

Đáp án cần chọn là: A

23 tháng 4 2018

Chọn đáp án C

Quy E về C2H3NO, CH2, H2O. 

Bảo toàn nguyên tố Natri:

nC2H3NO = nC2H4NO2Na = 2nNa2CO3 = 0,44 mol. 

Lại có:

nO2 = 2,25.nC2H4NO2Na + 1,5.nCH2 

⇒ nCH2 = 0,11 mol.

⇒ nH2O = (28,42 - 0,44 × 57 - 0,11 × 14) ÷ 18 = 0,1 mol.

Dễ thấy X là Gly2 

 số mắt xích trung bình = 4,4.

Lại có hexapeptit chứa ít nhất 12C 

⇒ Z là pentapeptit.

● Dễ thấy Z là Gly4Ala 

⇒ Y phải chứa Val 

⇒ Y là GlyVal.

Đặt nX = x; nY = y; nZ = z 

⇒ nC2H3NO = 2x + 2y + 5z = 0,44.

nH2O = x + y + z = 0,1 mol;

 nCH2 = 3y + z = 0,11 mol.

 Giải hệ có: x = y = 0,01 mol; 

z = 0,08 mol.

► %mX = 0,01 × 132 ÷ 28,42 × 100% = 4,64%

20 tháng 12 2017


21 tháng 2 2018

Chọn A

17 tháng 7 2018

Chọn đáp án D.

Quy E về C2H3NO, CH2, H2O. Bảo toàn nguyên tố Natri:

nC2H3NO = nC2H4NO2Na = 2nNa2CO3 = 0,44 mol.

Lại có:

nO2 = 2,25.nC2H4NO2Na + 1,5.nCH2

nCH2 = 0,11 mol.

nH2O = (28,42 - 0,44 × 57 - 0,11 × 14) ÷ 18 = 0,1 mol.

► Dễ thấy X là Gly2, số mắt xích trung bình = 4,4.

Lại có hexapeptit chứa ít nhất 12C.

Z là pentapeptit.

● Dễ thấy Z là Gly4Ala.

Y phải chứa Val.

Y là GlyVal.

Đặt nX = x; nY = y; nZ = z

nC2H3NO = 2x + 2y + 5z = 0,44.

nH2O = x + y + z = 0,1 mol.

nCH2 = 3y + z = 0,11 mol.

Giải hệ có:

x = y = 0,01 mol.

z = 0,08 mol.

► %mX = 0,01 × 132 ÷ 28,42 × 100% = 4,64% 

2 tháng 9 2019

Đáp án B

Quy đổi E thành: 

=> mE = 0,22.57 + 14a +18b =14,21 (1)

Đốt T tốn O2 như đốt E ; nO2 = 18,48/ 32 = 0,5775

nO2 = 0,22.2,25 + 1,5a = 0,5775  (2)

Từ (1) và (2) => a = 0,055 và b = 0,05 (mol)

Số N trung bình trong E là: 

=> phải có chất chứa nhiều hơn 4,4 nguyên tủa N trong phân tử

=> Chỉ có thể là Z: (Gly)4(Ala) hay C11H19N5O6

Đặt x, y, z lần lượt là số mol X, Y, Z trong E 

(với k là số N của Y)

Do Y có 7C nên k =2 hoặc k =3

TH1: k = 2 => 

Gần nhất với giá trị 5%

TH2: k = 3 => không thỏa mãn

9 tháng 1 2017

Đáp án B

Quy đổi E thành

=> mE = 0,22.57 + 14a +18b =14,21 (1)

Đốt T tốn O2 như đốt E ; nO2 = 18,48/ 32 = 0,5775

nO2 = 0,22.2,25 + 1,5a = 0,5775  (2)

Từ (1) và (2) => a = 0,055 và b = 0,05 (mol)

Số N trung bình trong E là:

 

 => phải có chất chứa nhiều hơn 4,4 nguyên tủa N trong phân tử

=> Chỉ có thể là Z: (Gly)4(Ala) hay C11H19N5O6

Đặt x, y, z lần lượt là số mol X, Y, Z trong E

 

14 tháng 7 2018

Đáp án D

(x)X : tetra : (Gly)3(Ala)

(y)Y : tri : (Gly)2(Ala)

(z)Z : tetra : (Val)(Gly)2(Ala)

=> mE = 31,17 = 260x + 203y + 302z(1)

T gồm : Gly-Na (3x + 2y + 2z) ; Ala-Na (x + y + z) và Val-Na (z)

NH2CH2COONa + 2,25O2 -> ½ Na2CO3 + 1,5CO2 + 2H2O + ½ N2

NH2CH(CH3)COONa + 3,75O2 -> ½ Na2CO3 + 2,5CO2 + 3H2O + ½ N2

(CH3)2CH-CH(NH2)COONa + 6,75O2 -> ½ Na2CO3 + 4,5CO2 + 5H2O + ½ N2

=> nNa2CO3 = 0,225 = ½ (3x + 2y + 2z + x + y + z + z) = 2x + 1,5y + 2z(2)

nO2 = 1,3725 = 2,25(3x + 2y + 2z) + 3,75(x + y + z) + 6,75z = 10,5x + 8,25y + 15z(3)

Từ (1,2,3) => x = 0,05 ; y = 0,03 ; z = 0,04 mol

=> %mX = 41,71%