K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

4 tháng 10 2017

Đáp án B

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O nC₂H₃NO = nNaOH = 0,95 mol; nH₂O = nE = 0,2 mol

Đặt nCH₂ = x. Giả sử 139,3(g) E gấp k lần 0,2 mol E 

139,3(g) E chứa 0,95k mol C₂H₃NO; kx mol CH₂ và 0,2k mol H₂O  

Đốt cho (1,9k + kx) mol CO₂ và (1,625k + kx) mol H₂O

mE = 57 × 0,95k + 14kx + 18 × 0,2k = 139,3(g)

|| 44.(1,9k + kx) + 18.(1,625k + kx) = 331,1(g)

|| giải hệ cho: k = 2; kx = 1,7 x = 1,7 ÷ 2 = 0,85 mol

● nVal-Ala = 1/4nE = 0,05 mol. Đặt nX = a; nY = b nE = a + b + 0,05 = 0,2 mol 

nC₂H₃NO = 5a + 6b + 0,05 × 2 = 0,95 mol. Giải hệ có: a = 0,05 mol; b = 0,1 mol  

► Gọi số gốc CH₂ ghép vào X và Y lần lượt là m và n.

Chú ý rằng X và Y đều chứa cả Gly, Ala và Val X và Y chứa ÍT NHẤT 1 gốc Ala và 1 gốc Val

m, n ≥ 4 (do ghép 1 Ala cần 1 CH₂; ghép 1 Val cần 3 CH₂) 

0,05m + 0,1n + 0,05 × 3 = 0,85. Giải phương trình nghiệm nguyên: m = 4 và n = 5 

X là Gly₃AlaVal và Y là Gly₃Ala₂Val 

%mY = 0,1 × 430 ÷ (0,95 × 57 0,85 × 14 + 0,2 × 18) × 100% = 61,74%

26 tháng 9 2018

Đáp án D

nVal- Ala = 1/4. 0,2 = 0,05 mol

Gọi số mol X và Y lần lượt là  x và y mol

Quy đổi 0,2 mol E thành

C2H3ON: 0,95 mol ( tính từ nOH- )

CH2: z mol

H2O: 0,2 mol

=> mE = 69,65g

Hỗn hợp E chứa C8H16N2O3 : 0,05 mol

X: CnH2n-3N5O6 : 0,05 mol

Y: CmH2m-4N6O7 : 0,1 mol

BTNT C : nC = 0,05.8 + 0,05.n + 0,1m = 0,95.2 + 0,85

=> n + 2m = 47

Với đk 11 ≤ n ≤ 14 và  13 ≤ m ≤ 17 ( Vì trong X, Y đều chứa Gly và Ala )

=> n = 13 thì m = 17

=> Y: C17H30N6O7 : 0,1 mol => %Y = ( 0,1.430: 69,65 ).100% = 61,74% ≈ 62%

2 tháng 6 2017

Đáp án B

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O nC₂H₃NO = nNaOH = 0,95 mol; nH₂O = nE = 0,2 mol

Đặt nCH₂ = x. Giả sử 139,3(g) E gấp k lần 0,2 mol E 

139,3(g) E chứa 0,95k mol C₂H₃NO; kx mol CH₂ và 0,2k mol H₂O  

Đốt cho (1,9k + kx) mol CO₂ và (1,625k + kx) mol H₂O

mE = 57 × 0,95k + 14kx + 18 × 0,2k = 139,3(g)

|| 44.(1,9k + kx) + 18.(1,625k + kx) = 331,1(g)

|| giải hệ cho: k = 2; kx = 1,7 x = 1,7 ÷ 2 = 0,85 mol

● nVal-Ala = 1/4nE = 0,05 mol. Đặt nX = a; nY = b nE = a + b + 0,05 = 0,2 mol 

nC₂H₃NO = 5a + 6b + 0,05 × 2 = 0,95 mol. Giải hệ có: a = 0,05 mol; b = 0,1 mol  

► Gọi số gốc CH₂ ghép vào X và Y lần lượt là m và n.

Chú ý rằng X và Y đều chứa cả Gly, Ala và Val X và Y chứa ÍT NHẤT 1 gốc Ala và 1 gốc Val

m, n ≥ 4 (do ghép 1 Ala cần 1 CH₂; ghép 1 Val cần 3 CH₂) 

0,05m + 0,1n + 0,05 × 3 = 0,85. Giải phương trình nghiệm nguyên: m = 4 và n = 5 

X là Gly₃AlaVal và Y là Gly₃Ala₂Val 

%mY = 0,1 × 430 ÷ (0,95 × 57 0,85 × 14 + 0,2 × 18) × 100% = 61,74%  

7 tháng 9 2017

Đáp án B

► Quy E về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O nC₂H₃NO = nNaOH = 0,95 mol; nH₂O = nE = 0,2 mol

Đặt nCH₂ = x. Giả sử 139,3(g) E gấp k lần 0,2 mol E 

139,3(g) E chứa 0,95k mol C₂H₃NO; kx mol CH₂ và 0,2k mol H₂O  

Đốt cho (1,9k + kx) mol CO₂ và (1,625k + kx) mol H₂O

mE = 57 × 0,95k + 14kx + 18 × 0,2k = 139,3(g)

|| 44.(1,9k + kx) + 18.(1,625k + kx) = 331,1(g)

|| giải hệ cho: k = 2; kx = 1,7 x = 1,7 ÷ 2 = 0,85 mol

● nVal-Ala = 1/4nE = 0,05 mol. Đặt nX = a; nY = b nE = a + b + 0,05 = 0,2 mol 

nC₂H₃NO = 5a + 6b + 0,05 × 2 = 0,95 mol. Giải hệ có: a = 0,05 mol; b = 0,1 mol  

► Gọi số gốc CH₂ ghép vào X và Y lần lượt là m và n.

Chú ý rằng X và Y đều chứa cả Gly, Ala và Val X và Y chứa ÍT NHẤT 1 gốc Ala và 1 gốc Val

m, n ≥ 4 (do ghép 1 Ala cần 1 CH₂; ghép 1 Val cần 3 CH₂) 

0,05m + 0,1n + 0,05 × 3 = 0,85. Giải phương trình nghiệm nguyên: m = 4 và n = 5 

X là Gly₃AlaVal và Y là Gly₃Ala₂Val

%mY = 0,1 × 430 ÷ (0,95 × 57 0,85 × 14 + 0,2 × 18) × 100% = 61,74%  

21 tháng 6 2017

Chọn đáp án A

► Quy E về C 2 H 3 N O ,   C H 2   v à   H 2 O n C 2 H 3 N O = n N a O H   = 0,95 mol; n H 2 O = n E = 0,2 mol

Đặt n C H 2 = x. Giả sử 139,3(g) E gấp k lần 0,2 mol E

139,3(g) E chứa 0,95k mol C 2 H 3 N O ; kx mol C H 2 và 0,2k mol H 2 O

Đốt cho (1,9k + kx) mol C O 2 và (1,625k + kx) mol H 2 O

m E = 57 × 0,95k + 14kx + 18 × 0,2k = 139,3(g) || 44.(1,9k + kx) + 18.(1,625k + kx) = 331,1(g)

|| Giải hệ cho: k = 2; kx = 1,7 x = 1,7 ÷ 2 = 0,85 mol

● n V a l – A l a = 1 4 n E = 0,05 mol. Đặt n X = a; n Y = b n E = a + b + 0,05 = 0,2 mol

n C 2 H 3 N O = 5a + 6b + 0,05 × 2 = 0,95 mol. Giải hệ có: a = 0,05 mol; b = 0,1 mol

► Gọi số gốc C H 2 ghép vào X và Y lần lượt là m và n.

Chú ý rằng X và Y đều chứa cả Gly, Ala và Val X và Y chứa ÍT NHẤT 1 gốc Ala và 1 gốc Val

m, n ≥ 4 (do ghép 1 Ala cần 1 C H 2 ; ghép 1 Val cần 3 C H 2 )

0,05m + 0,1n + 0,05 × 3 = 0,85. Giải phương trình nghiệm nguyên: m = 4 và n = 5

X là G l y 3 A l a V a l và Y là G l y 3 A l a 2 V a l

% m Y = 0,1 × 430 ÷ (0,95 × 57 0,85 × 14 + 0,2 × 18) × 100% = 61,74%

15 tháng 8 2019

Đáp án A

Định hướng tư duy giải

Với tình huống 1: Ta có: 

Tình huống 2:

16 tháng 7 2017

Đáp án A

Định hướng tư duy giải

Với tình huống 1: Ta có: 

Tình huống 2:

8 tháng 8 2019

=> loại

=>Loại

4 tháng 1 2019

n C O 2 =   2 , 84   m o l ;       n H 2 O   =   2 , 74   m o l

Gọi  n O 2   =   x   m o l ;   n N 2   =   y   m o l

Xét phản ứng cháy:  X   +   O 2   →   C O 2   +   H 2 O   +   N 2

n O 2 = 1 , 5. (   n C O 2 − n N 2   )   = >   x   =   1 , 5. 2 , 84   −   y   1

BT.O:  n O ( t r o n g X )   =   2.2 , 84 + 2 , 74 − 2 x = 8 , 42 − 2 x

Phản ứng thủy phân:

X   +   N a O H   →   R N O 2 N a   +   H 2 O

Bảo toàn oxi:  n H 2 O   =   n O   t r o n g   X   +   n O   N a O H   –   n O   ( t r o n g   R N O 2 N a )   =   8 , 42   –   2 x   +   2 y   –   4 y   =   8 , 42   –   2 x   –   2 y

BTKL: m + 2y.40 = m + 29,7 + 18.(8,42 – 2x – 2y)   (2)

Từ (1) và (2) => x = 3,585 và y = 0,45

=> m = 72,16

Đáp án cần chọn là: B

27 tháng 4 2017

Chọn đáp án B

đốt m gam X thu được 2,84 mol C O 2 và 2,74 mol H 2 O

||→ cần 0,1 mol H 2 O để quy đổi hỗn hợp X về x mol X 2 .

thủy phân (m + 1,8) gam X 2   cần 2x mol NaOH → (m + 29,7) gam muối + x mol H 2 O .

||→ BTKL có: m + 1,8 + 80x = m + 29,7 + 18x ||→ x = 0,45 mol.

||→ m đ i p e p t i t   X 2 = 2,84 × 14 + 0,45 × 76 = 73,96 gam = m + 1,8 → m = 72,16 gam.