K
Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

14 tháng 11 2018

Chọn B.

Quy đổi hỗn hợp thành Al, Ca và C. Theo đề: 27nAl + 40nCa + 12nC = 40,3

→ B T : C n C = n C O 2 = 0 , 9   m o l ⇒ 27 n A l + 40 n C a = 29 , 5   ( 1 )  

Khi đốt cháy Z, áp dụng bảo toàn O ta có:  n O 2 = n C O 2 + n H 2 O 2 = 1 , 475   m o l

Bảo toàn e cho cả quá trình:  3 n A l + 2 n C a + 2 n C = 4 n O 2 ⇒ 3 n A l + 2 n C a = 2 , 3   ( 2 )

Từ (1), (2) suy ra: nAl = 0,5 mol và nCa = 0,4 mol

Dung dịch Y chứa AlO2 (0,5 mol), Ca2+ (0,4 mol), OH (BTĐT: 0,3 mol)

Tại  n H C l = 0 , 56 x   → n H + = n O H - + 4 n A l O 2 - - 3 n A l ( O H ) 3 ⇒ 0 , 56 x = 0 , 3 + 2 - 9 a   ( 3 )

Tại  n H C l = 0 , 68 x   → n H + = n O H - + 4 n A l O 2 - - 3 n A l ( O H ) 3 ⇒ 0 , 68 x = 0 , 3 + 2 - 6 a   ( 4 )

Từ (3), (4) suy ra: x = 2,5 và a = 0,1.

6 tháng 4 2017

Đáp án C

► Quy X về Al, Ca và C. Dễ thấy C kiểu gì cũng đi hết vô khí và khi đốt khí thì đi vào CO2 

|| nC = nCO2 = 0,9 mol  Đặt nAl = m; nCa = n mX = 27m + 40n + 0,9 × 12 = 40,3(g)

BTNT(O) nO2 = 1,475 mol. BT electron: 3m + 2n + 0,9 × 4 = 1,475 × 4 

|| Giải hệ cho: m = 0,5 mol; n = 0,4 mol

► Dễ thấy Y gồm Ca2+, AlO2, OH  nCa2+ = 0,4 mol; nAlO2 = 0,5 mol. BTĐT:

nOH = 0,3 mol Nhìn đồ thị Cả 2 TH trên thì HCl đều dư và hòa tan 1 phần ↓

Ta có CT: nH+ = 4nAlO2 – 3n↓ (với H chỉ tính phần pứ với AlO₂⁻ và Al(OH)3)

||► Áp dụng: (0,56x – 0,3) = 4 × 0,5 – 3 × 3a và (0,68x – 0,3) = 4 × 0,5 – 3 × 2a

|| giải hệ có: x = 2,5; a = 1

30 tháng 1 2017

3 tháng 1 2020

Đáp án C

Quy X về Al, Ca và C. Dễ thấy C kiểu gì cũng đi hết vô khí và khi đốt khí thì đi vào CO2

nC = nCO2 = 0,9 mol  Đặt nAl = m; nCa = n mX = 27m + 40n + 0,9 × 12 = 40,3(g)

BTNT(O) nO2 = 1,475 mol. BT electron: 3m + 2n + 0,9 × 4 = 1,475 × 4 

Giải hệ cho: m = 0,5 mol; n = 0,4 mol

► Dễ thấy Y gồm Ca2+, AlO2, OH  nCa2+ = 0,4 mol; nAlO2 = 0,5 mol. BTĐT:

nOH = 0,3 mol Nhìn đồ thị Cả 2 TH trên thì HCl đều dư và hòa tan 1 phần ↓

Ta có CT: nH+ = 4nAlO2 – 3n↓ (với H⁺ chỉ tính phần pứ với AlO₂⁻ và Al(OH)3)

 Áp dụng: (0,56x – 0,3) = 4 × 0,5 – 3 × 3a và (0,68x – 0,3) = 4 × 0,5 – 3 × 2a

 giải hệ có: x = 2,5; a = 1

22 tháng 9 2019

Đáp án B

► Quy X về Al, Ca và C.

Dễ thấy C kiểu gì cũng đi hết

vô khí và khi đốt khí thì đi vào CO2

nC = nCO2 = 0,9 mol

 Đặt nAl = m; nCa = n

mX = 27m + 40n + 0,9 × 12 = 40,3(g)

BTNT(O) nO2 = 1,475 mol.

BT electron: 3m + 2n + 0,9 × 4 = 1,475 × 4

Giải hệ cho:

m = 0,5 mol; n = 0,4 mol

► Dễ thấy Y gồm Ca2+, AlO2, OH

nCa2+ = 0,4 mol; nAlO2 = 0,5 mol.

BTĐT: nOH = 0,3 mol. Nhìn đồ thị

Cả 2 TH trên thì HCl đều dư

và hòa tan 1 phần ↓

Ta có CT: nH+ = 4nAlO2 – 3n↓

 (với H⁺ chỉ tính phần pứ với AlO₂⁻ và Al(OH)3)

► Áp dụng: (0,56x – 0,3) = 4 × 0,5 – 3 × 3a

và (0,68x – 0,3) = 4 × 0,5 – 3 × 2a

giải hệ có: x = 2,5; a = 1

24 tháng 11 2019

Chọn đáp án D

10 tháng 10 2018

Đáp án C

29 tháng 4 2017

Đáp án C

10 tháng 2 2019

Đáp án C

► Quy X về Al, Ca và C. Dễ thấy C kiểu gì cũng đi hết vô khí và khi đốt khí thì đi vào CO₂ 

|| nC = nCO₂ = 0,9 mol

Đặt nAl = m; nCa = n mX = 27m + 40n + 0,9 × 12 = 40,3(g)

BTNT(O) nO₂ = 1,475 mol. BT electron: 3m + 2n + 0,9 × 4 = 1,475 × 4 

|| giải hệ cho: m = 0,5 mol; n = 0,4 mol 

► Dễ thấy Y gồm Ca²⁺, AlO₂⁻, OH⁻ nCa²⁺ = 0,4 mol; nAlO₂⁻ = 0,5 mol. BTĐT:

nOH⁻ = 0,3 mol

Nhìn đồ thị cả 2TH trên thì HCl đều dư và hòa tan 1 phần ↓

ta có CT: nH⁺ = 4nAlO₂⁻ – 3n↓ (với H⁺ chỉ tính phần pứ với AlO₂⁻ và Al(OH)₃)

||► Áp dụng: (0,56x – 0,3) = 4 × 0,5 – 3 × 3a và (0,68x – 0,3) = 4 × 0,5 – 3 × 2a

|| giải hệ có: x = 2,5; a = 1